994.腐烂的橘子

994. 腐烂的橘子

在给定的 m x n 网格 grid 中，每个单元格可以有以下三个值之一：

• 值 0 代表空单元格；
• 值 1 代表新鲜橘子；
• 值 2 代表腐烂的橘子。

每分钟，腐烂的橘子 周围 4 个方向上相邻 的新鲜橘子都会腐烂。

返回 直到单元格中没有新鲜橘子为止所必须经过的最小分钟数。如果不可能，返回 -1 。

示例 1：

输入：grid = [[2,1,1],[1,1,0],[0,1,1]]
输出：4

示例 2：

输入：grid = [[2,1,1],[0,1,1],[1,0,1]]
输出：-1
解释：左下角的橘子（第 2 行， 第 0 列）永远不会腐烂，因为腐烂只会发生在 4 个正向上。

示例 3：

输入：grid = [[0,2]]
输出：0
解释：因为 0 分钟时已经没有新鲜橘子了，所以答案就是 0 。

提示：

• m == grid.length
• n == grid[i].length
• 1 <= m, n <= 10
• grid[i][j] 仅为 0、1 或 2

C++

class Solution {
public:
    int orangesRotting(vector<vector<int>>& grid) {
        if(grid.size() == 0) return 0;
        int m = grid.size(), n = grid[0].size();
        for (int i=0; i<m; i++) {
            for (int j=0; j<n; j++) {
                if (grid[i][j] == 2) 
                    // 周围的1会被更新为3
                    dfs(grid, i, j, 2); // 每次更新橘子腐烂时间是直接覆盖grid,而grid中已经有2了,所以从2开始
            }
        }

        int maxTime = 0;
        for (int i=0; i<m; i++) {
            for (int j=0; j<n; j++) {
                if (grid[i][j] == 1) return -1;
                maxTime = max(maxTime, grid[i][j]);
            }
        }
        return maxTime == 0 ? 0 : maxTime - 2;
    }
    
    void dfs(vector<vector<int>>& grid, int r, int c, int cnt){
        if(r < 0 || c < 0 || r >= grid.size() || c >= grid[0].size()) return;
        if (grid[r][c] != 1 && grid[r][c] < cnt) return; 
        grid[r][c] = cnt;
        dfs(grid, r + 1, c, cnt + 1);
        dfs(grid, r - 1, c, cnt + 1);
        dfs(grid, r, c + 1, cnt + 1);
        dfs(grid, r, c - 1, cnt + 1);
    }
};